Defekte Sicherung anzeigen

AW: Defekte Sicherung anzeigen

Hallo,

in der Praxis würde deine Schaltung zwar scheinbar funktionieren, aber wär trotzdem nicht korrekt - Der Grund ist der, dass bei einem Sicherungsausfall (bei intakter Lampe) der zulässige Vorwärtsstrom der LED überschritten wird - Das killt nach nicht all zu langer Zeit die LED.
Siehe z.B. dieses Datenblatt einer LC-LED: http://www.elpro.org/shop/_pdf_products_new/299.pdf.

Das könntest Du umgehen, wenn Du den 1k Widerstand in deinem Schaltbild durch die Schaltung einer sehr einfachen Konstantstromquelle (2 Widerstände, zwei billige Kleinleistungstransitoren) ersetzt.
Der 3,3k Widerstand müsste dann nur noch die nötige Grundlast sichern.

Vorteile:

• Die LED leuchtet immer gleich hell und zwar ganz egal ob die Lampe nun ganz ist oder nicht.
• Die Grenzwerte können dann ebenfalls nicht überschritten werden.
• Die LED leuchtet wirklich nur dann, wenn die Strombegrenzungsschaltung auch greift und dazu muss die Sicherung kaputt sein.

Soll ich die Werte mal ausrechnen und dir die Schaltung aufzeichnen?

Unschön find ich auch, dass die Grundlast immer (und nicht nur bei defekter Lampe) zugeschaltet ist. Kommt aber drauf an wo und wie das eingesetzt werden soll. Evtl. kann man ja sogar damit leben ...

 

AW: Defekte Sicherung anzeigen

Ja, so kann man's im Prinzip machen - Weil UF von LEDs aber starke Exemplarstreuungen hat, ist hier die Verwendung einer roten LED als Stabilisierung des Basispotentials nicht so sehr glücklich.
Okay, kritisch ist das nicht und etliche Prozent Abweichung sieht man gar nicht.

Dennoch (ich hab's net nachgerechnet), die im Schaltbild angegebenen Werte können (so aus dem Bauch raus) net stimmen.
Wenn Du (wie im Schaltbild angegeben) ein IF von 20mA willst (und wir von einem UF der roten LED von 2V ausgehen), dann ist der 33 Ohm Widerstand zu klein. Andererseits ist die Grundlast mit dem 3,3k Widerstand aber zu klein.

Wart mal, ich hoff ich komm heut N8 noch dazu, dass ich dir das so aufmal, wie ich das gemeint hab.

Aber vom Prinzip her, ist deine Schaltung nicht falsch - Nur die Werte stimmen halt net ...

Hast Du Datenblätter von den verwendeten LEDs?

 

AW: Defekte Sicherung anzeigen

Hmm, keine Datenblätter? Schade! Iss aber auch wurscht, in meiner Schaltung verwend ich eh keine LED um das Basispotential zu stabilisieren sondern nen zweiten Kleinleistungstransistor. Das kommt dich billiger als zwei Standarddioden und größer ist's au net.

Wenn dir die Helligkeit von LowCurrent-LEDs langt, dann rechne ich mal mit nem nominalen IF von etwa 2 mA. Die Formeln schreib ich dann auch hin, so dass Du das leicht selbst ausrechnen kannst, falls Du's anders willst.

Ich rechne und mal nachher mal ...

 

AW: Defekte Sicherung anzeigen

Sooo, bin grad zu faul zum Rechnen, hab das aber mal als Simulation mit geschätzten Werten reingekloppt und simuliert.



Erst etwas (sehr graue und falsche) Theorie:

• 
  Der Wert von R[SUB]1[/SUB] ergibt sich aus R[SUB]1[/SUB]=U[SUB]BE[/SUB]/I[SUB]F[/SUB].
• Der Wert von R[SUB]2[/SUB] ist unkritisch und es muss lediglich sichergestellt sein, dass der nötige Basisstrom sicher erreicht wird und der maximal zulässige Basisstrom nicht überschritten wird.
• Bei R[SUB]3[/SUB] muss lediglich sichergestellt sein, dass zumindest I[SUB]F[/SUB] + I[SUB]B[/SUB] erreicht wird.
  Allerdings fällt in der Detektorschaltung etwas Spannung U[SUB]Δ[/SUB] ab. Verfolgen wir mal die Spannungsfälle von oben nach unten:
  
  Auf jeden Fall fällt an der LED die Spannung U[SUB]F[/SUB] ab.
  
  Der schlimmste (und grenzwertige) Fall ist, dass Q[SUB]1[/SUB] in die Sättigung gerät. Für unsere Berechnung können wir also U[SUB]CE[/SUB] = U[SUB]CEsat[/SUB] setzen.
  
  Die am Widerstand R[SUB]1[/SUB] abfallende Spannung entspricht U[SUB]BE[/SUB].
  
  Insgesamt ergibt sich also ein Spannungsfall von U[SUB]Δ[/SUB]= U[SUB]F[/SUB]+U[SUB]CEsat[/SUB]+U[SUB]BE[/SUB]
  
  Wenn nun V[SUB]1[/SUB] die Versorgungsspannung sein soll, dann ergibt sich R3=(V[SUB]1[/SUB]-U[SUB]Δ[/SUB])/(I[SUB]F[/SUB]+I[SUB]B[/SUB]).
  Es gilt (in der Idealvorstellung) I[SUB]B[/SUB]=I[SUB]F[/SUB]/β.
  
  Man kann es aber auch übertreiben, denn Beta ist bei Kleinleistungstransistoren eh sehr hoch und I[SUB]B[/SUB] fällt bei der Berechnung kaum noch ins Gewicht. Exemplarstreuungen und Toleranzen haben wir eh nicht im Griff also vernachlässigen wir Beta mal in dieser Berechnung.

Moment, anscheinend spielt die Forensoftware grad nimmer ganz mit (zumindest spinnt die Vorschau) und ich mach lieber in nem nächsten Posting weiter ... Aber erst später, die Forensoftware nervt und ich hab keinen Bock das zig Mal runter zu kloppen ...